选调生考试用书中公2022浙江省选调生招录考试辅导用书笔试一本通 下载 pdf 百度网盘 epub 免费 2025 电子书 mobi 在线

《中公版·2022浙江省选调生招录考试辅导用书：笔试一本通》的主要内容包括人民警察职业素养、基础知识、基本能力三部分。

职业素养部分包括政治素质与职业道德。

基础知识部分涵盖中国特色社会主义法治理论、法理学、宪法、民法、人民警察法、行政执法、刑法、刑事执法等法律基础知识知识与公安基础知识。

基本能力部分对于群众、信息、实务等工作能力进行论述。

本书严格按照考试大纲所列考点编写，并对考点内容进行体系化与细致化的系统讲解，为考生夯实基础。有助于考生的全面复习。以正确的应对方式深入把握重点。

章数学运算（3）

节 基础核心知识（4）

第二节行程问题（9）

第三节统计类问题（12）

第四节值问题（16）

第五节其他应用类问题（19）

第六节日常生活类问题（22）

第七节数学运算速解技巧（25）

第二章 图形推理（29）

节数量型图形推理（30）

第二节特征型图形推理（35）

第三节位置型图形推理（38）

第四节组合型图形推理（40）

第五节空间型图形推理（42）

第三章 逻辑判断（45）

节必然性推理（46）

第二节可能性推理（58）

第三节智力推理（74）

第四章 类比推理（79）

节类比推理基础知识（80）

第二节两词型和三词型类比推理（87）

第三节对当型类比推理（89）

第五章 资料分析（91）

节四大核心概念（92）

第二节三大实战技巧（106）

第六章 常识判断（115）

节政治（116）

第二节法律（127）

第三节经济（137）

第四节人文与历史（144）

第五节科技与生活（154）

第六节国情与地理（160）

章归纳概括题（167）

节 题型概述（168）

第二节 归纳概括单一要素（175）

第三节 归纳概括多个要素（181）

第二章 综合分析题（191）

节 题型概述（192）

第二节 解释型分析题（197）

第三节 评论型分析题（203）

第三章 提出对策题（209）

节 题型概述（210）

第二节 单一型对策题（214）

第三节 复合型对策题（222）

第四节 启示型对策题（228）

第四章 贯彻执行题（235）

节 题型概述（236）

第二节 宣传演讲类（242）

第三节 方案建议类（248）

第四节 观点主张类（254）

第五节 总结说明类（258）

第五章 文章论述题（263）

节 题型概述（264）

第二节 确定文章立意（273）

第三节 选择文章结构（278）

第四节 拟制文章标题（285）

第五节 设计文章开头（288）

第六节 充实文章论证（293）

第七节 完善文章结尾（304）

第八节 丰富文章语言（307）

第九节 名言警句（316）

中公教育·全国分部一览表（324）

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　　　　上篇行政职业能力测验

　　　　 章 数学运算

　　　　 第二章 图形推理

　　　　 第三章 逻辑判断

　　　　 第四章 类比推理

　　　　 第五章 资料分析

　　　　 第六章 常识判断

　　　　章数学运算

　　　　节基础核心知识

　　　　数学运算通常为数学应用题，解题过程中，通常会利用基本的数学性质、公式及定理。其基础核心知识可分为代数基础知识和几何基础知识。

　　　　一、代数基础知识

　　　　（一）整除及其性质

　　　　整除及其性质涉及的均为整数，包括整除判定、整除性质、奇偶性与质合性、公因数与公倍数等，这部分内容有时在考试中单独考查，有时是解决其他问题的重要突破口。

　　　　1.整除判定

　　　　能被3整除：各位数字之和是3的倍数的数。例如8634，各位数字之和是21，21是3的倍数，所以8634能被3整除。

　　　　能被9整除：各位数字之和是9的倍数的数。例如2214，各位数字之和是9，9是9的倍数，所以2214能被9整除。

　　　　能被7整除：末三位数字与剩下的数之差能被7整除的数。例如535486，末三位为数字486，其余数字为535，535－486＝49，49能被7整除，所以535486能被7整除。

　　　　能被11整除：奇位数字之和与偶位数字之和的差能被11整除的数。例如1331，奇位数字之和为4，偶位数字之和为4，两者之差为0，0可以被11整除，所以1331可以被11整除。

　　　　2.整除性质

　　　　（1）如果数a能被b整除，数b能被c整除，则a能被c整除（可传递性）。例如42能被14整除，14能被7整除，则42能被7整除。

　　　　（2）如果数a、数b均能被c整除，则a＋b、a－b均能被c整除（可加减性）。例如21能被3整除，12能被3整除，则21＋12＝33能被3整除，21－12＝9能被3整除。

　　　　（3）如果数a能被c整除，m为任意整数，则a×m也能被c整除。例如16能被8整除，则16×3＝48也能被8整除。

　　　　（4）如果数a能同时被b、c整除，且b和c互质，则a能被b×c整除。例如12能同时被2、3整除，且2和3互质，则12能被2×3＝6整除。

　　　　（5）如果数a×b能被c整除，b、c互质，则a能被c整除。例如9×2能被3整除，2、3互质，则9能被3整除。

　　　　3.奇偶性与质合性

　　　　整数的划分主要有两种方式：奇数与偶数、质数与合数。其中前者是以能否被2整除来划分的，后者是从乘法的角度理解整数的。

　　　　（1）奇偶性。在进行加、减法运算时，计算结果的奇偶性规律为“同奇同偶则为偶，一奇一偶则为奇”，即：

　　　　偶数±偶数＝偶数，奇数±奇数＝偶数，偶数±奇数＝奇数

　　　　在进行乘法运算时，计算结果的奇偶性规律为“乘数有偶则为偶，乘数无偶则为奇”，即：

　　　　偶数×偶数＝偶数，偶数×奇数＝偶数，奇数×奇数＝奇数

　　　　（2）质合性。质数只能被1和它本身整除。合数除了1和它本身以外，还能被其他数字整除，且任何一个合数都能由多个质数相乘得到。

　　　　1既不是质数也不是合数，2是的偶质数。

　　　　4.公因数与公倍数

　　　　24能被3整除，3就是24的一个因数，同时，3也是36的一个因数，则称3是24和36的公因数。考试中常考查公因数，例如1、2、3、4、6、12都是24和36的公因数，其中公因数为12。当两个数的公因数为1时，这两个数互质。

　　　　480是48的倍数，也是60的倍数，则480是48和60的一个公倍数。考试中常考查小公倍数，例如48和60的小公倍数是240。

　　　　（二）余数及其性质

　　　　在整数的除法中，除了整除还有不能整除的情况，此时就会产生余数。在考试中，对余数的考查主要有同余特性、剩余问题。

　　　　1.同余特性

　　　　同余：两个整数a、b，若它们除以整数m所得的余数相同，则称a、b关于m同余。

　　　　【示例1】 24除以5余4，29除以5余4，余数均为4，则称24和29关于5同余。

　　　　同余特性：若A、B两数除以m所得的余数分别为a、b，则有如下规律：

　　　　A＋B与a＋b关于m同余

　　　　A－B与a－b关于m同余

　　　　A×B与a×b关于m同余

　　　　上述规律可以简记为“和与余数的和同余”“差与余数的差同余”“积与余数的积同余”。

　　　　【示例2】 12除以5余2，34除以5余4，则：

　　　　两个余数之和为6，6除以5余数为1。12＋34＝46，46除以5余数也是1。

　　　　两个余数之差为2，2除以5余数为2。34－12＝22，22除以5余数也是2。

　　　　两个余数之积为8，8除以5余数为3。34×12＝408，408除以5余数也是3。

　　　　2.剩余问题

　　　　“一个数除以3余2，除以5余3，除以7余2，则这个数小是多少？”如同此类问题，统称为剩余问题，在解决这类问题时一般可以直接将选项数字代入验证得出答案。

　　　　特殊的，当题目为“余同”“和同”“差同”的情况时，可直接根据既定结论进行作答。

　　　　“余同”是指所得余数相同，即一个数除以a余m，除以b余m，除以c余m。此时，满足条件的数字可以表示为[a，b，c]n＋m，简称“余同加余”。其中[a，b，c]表示a、b、c的小公倍数，n＝0，1，2，……视具体题目确定n的取值范围。

　　　　“和同”是指每组除数与余数的加和相同，即一个数除以a余x，除以b余y，除以c余z，且a＋x＝b＋y＝c＋z。记这个相同的加和为m，此时，满足条件的数字可以表示为[a，b，c]n＋m（n=0，1，2，……），简称“和同加和”。

　　　　 “差同”是指每组除数与余数的差相同，即一个数除以a余x，除以b余y，除以c余z，且a－x＝b－y＝c－z。记这个相同的差为m，此时，满足条件的数字可以表示为[a，b，c]n－m（n=1，2，……），简称“差同减差”。

　　　　【示例3】 若一个数除以4余3，除以5余2，除以6余1。观察发现，4＋3＝5＋2＝6＋1＝7，即属于“和同”。4、5、6的小公倍数为60，则这个数可以表示为60n＋7（n＝0，1，2，……）。

　　　　二、几何基础知识

　　　　几何基础知识以平面几何与立体几何公式为主。平面几何涉及周长和面积，立体几何涉及表面积和体积。平面几何常用公式见下表：

　　　　立体几何常用公式见下表：

　　　　 四件相同包装的快递包裹，装有不同重量的商品，每件和其他一件合称一次，得到的重量依次为8、9、10、11、12、13，已知4件空包裹的重量之和以及里面商品的重量之和均为质数，则重的两个包裹里的商品的总重量和为（ ）。

　　　　A.10 B.11

　　　　C.12 D.13

　　　　解析：由题意可知，每件包裹都称重了3次，则四个快递包裹的总重量为（8 9 10 11 12 13）÷3=21。空包裹之和以及里面商品的重量之和均为质数，相当于将21写成两个质数的和，故两个质数为一奇一偶，只能为2＋19。根据选项可知里面商品的重量之和为19，四个空包裹的重量之和为2。重的两个包裹质量之和为13，则其包裹里的商品的重量之和为13-2÷2=12。故本题选C。

　　　　 某班学生不到５０人，在一次考试中，有的人得优，的人得良，的人及格，其余的均不及格，那么不及格的人数是（ ）。

　　　　Ａ．１人 Ｂ．２人

　　　　Ｃ．３人 Ｄ．４人

　　　　解析：由于得优、得良、及格的人数都为整数，所以班级的学生数是7、3、2的公倍数。

　　　　7、3、2两两互质，所以它们的小公倍数为2×3×7=42，又由该班学生不超过50人，可知该班学生有42人，那么不及格的有42×（１－－－）＝１人。故本题选A。

　　　　 一个班学生分组做游戏，如果每组3人就多2人，每组5人就多3人，每组7人就多4人，问：这个班少有多少个学生？

　　　　A.38 B.41

　　　　C.47 D.53

　　　　解析：本题考查剩余问题，但不属于“余同”“和同”“差同”这三种特殊情况，我们可以直接将选项代入验证。从小的A项开始代入，A项不满足除以7余4，B、C两项不满足除以5余3，故本题选D。

　　　　 一个盒子里有乒乓球100多个，如果每次取5个出来后剩下4个，每次取4个后剩3个，每次取3个后剩2个，那么每次取12个后剩多少个？

　　　　A.11

　　　　B.10

　　　　C.9

　　　　D.8

　　　　解析：题干条件相当于乒乓球总数除以5余4、除以4余3、除以3余2，是差同问题，根据“差同减差”可表示乒乓球总数。

　　　　3、4、5的小公倍数为60，则总数可以表示为60n-1。因为60是12的倍数，所以60n-1除以12的余数为11，即每次取12个后剩11个。故本题选A。

　　　　 如图，AD=DB=DC=10厘米，那么，图中阴影部分的面积约是多少平方厘米？

　　　　A．109

　　　　B．110

　　　　C．107

　　　　D．110．25

　　　　解析：原图中4个阴影图形的面积不易计算，因此考虑将图形重新组合，使之成为规则图形。如下图所示进行旋转，由图形左右对称可知，当A点和B点重合时，G点和H点重合，阴影面积=半圆面积-内部三角形面积，即阴影面积=π×102-×10×10=50（π-1）≈50×（3.14-1）=107平方厘米。

　　　　故本题选C。

　　　　在数学运算中，代数基础知识更偏向于是一种解题技巧，它可以成为题干未明确给出的已知条件。在解题过程中恰当地使用，不仅可以减轻繁重的计算量，还能够化简复杂的思考过程，以缩短做题时间。

　　　　几何基础知识主要用来解决考试中遇到的几何问题，除了要熟记平面几何与立体几何的基本公式，还要能够灵活运用常用的几何性质及结论准确定位考点，快速得出答案。

　　　　第二节行程问题

　　　　行程问题主要研究物体运动过程中速度、时间和路程三者之间的关系。核心公式：路程=速度×时间。

　　　　一、比例关系

　　　　根据行程问题核心公式，可得出如下比例关系：

　　　　（1）时间一定时，路程与速度成正比。

　　　　（2）速度一定时，路程与时间成正比。

　　　　（3）路程一定时，速度与时间成反比。

　　　　二、平均速度

　　　　平均速度的核心公式及相关结论如下：

　　　　（1）平均速度=总路程÷总时间。

　　　　（2）若物体前一半时间以速度v1运动，后一半时间以速度v2运动，则全程的平均速度为。

　　　　（3）若物体前一半路程以速度v1运动，后一半路程以速度v2运动，则全程的平均速度为。

　　　　三、相遇、追及问题

　　　　1.直线相遇与追及

　　　　直线相遇：两人从两地同时出发，沿同一直线相向运动，在某一时间点处于同一位置，即为两人相遇。相遇问题满足公式：

　　　　相遇路程＝速度和×相遇时间

　　　　直线多次相遇：当两人从两地同时出发，沿同一直线相向而行，且做往返运动时，就会涉及多次相遇。

　　　　如下图所示，甲、乙两人分别从A、B两地同时出发，记次相遇时，两人所走的路程和为AB的全程s；则第二次相遇时，两人所走的路程和为3s。

　　　　以此类推，可得如下结论：

　　　　（1）第n次相遇时，甲、乙两人所走路程和为（2n－1）s，每个人所走的路程也同样等于其次相遇时

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